Hỗn hợp E gồm ba este X, Y, Z (MX < MY < MZ, đều mạch hở, không phân nhánh). Đốt cháy hoàn toàn 0,25 mol E cần dùng 0,7625 mol O2, thu được 0,675 mol H2O. Đun nóng 32,775 gam E trong 350 ml dung dịch KOH 1,5 M (vừa đủ), thu được 18,3 gam hỗn hợp G chứa các ancol và hỗn hợp T gồm hai muối A và B (MA < MB; có tì lệ số mol tương ứng 8 : 3). Số nguyên từ H trong Z là
A. 4. B. 6. C. 12. D. 8.
Câu trả lời tốt nhất
Trong phản ứng cháy, đặt nO(E) = u và nCO2 = v
Bảo toàn O —> u + 0,7625.2 = 2v + 0,675
mE = mC + mH + mO = 16u + 12v + 1,35
mE/nKOH = (16u + 12v + 1,35)/0,5u = 32,775/0,525
—> u = 0,7 và v = 0,775
Do các este không nhánh nên tối đa 2 chức. Đặt x, y là số mol este đơn chức và hai chức
—> nE = x + y = 0,25
nO = 2x + 4y = 0,7
—> x = 0,15 và y = 0,1
Số C = nCO2/nE = 3,1 —> Trong E phải có C2H4O2 hoặc C3H6O2
—> A là HCOOK hoặc CH3COOK.
ME = mE/nE = 87,4 —> Trong phản ứng xà phòng hóa thì nE = 0,375 (Gấp 1,5 lần lượng đốt cháy).
Bảo toàn khối lượng —> m muối = 43,875.
Muối gồm ACOOK (8a) và B(COOK)2 (3a).
Bảo toàn K —> 8a + 2.3a = 0,525 —> a = 0,0375
—> m muối = 8a(A + 83) + 3a(B + 166) = 43,875
—> 8A + 3B = 8
—> A = 1 và B = 0 là nghiệm duy nhất.
Vậy muối gồm HCOOK (0,3) và (COOK)2 (0,1125)
nEste đơn = 1,5x = 0,225 và nEste đôi = 1,5y = 0,15
—> E gồm HCOOR (0,225), (HCOO)2R’ (0,0375) và (COOR”)2 (0,1125)
Ancol gồm ROH (0,225), R'(OH)2 (0,0375), R”OH (0,225)
mAncol = 0,225(R + 17) + 0,0375(R’ + 34) + 0,225(R” + 17) = 18,3
—> 6R + R’ + 6R” = 250
—> R = R” = 15 và R’ = 70 là nghiệm duy nhất.
E gồm HCOOCH3 (0,225), (HCOO)2C5H10 (0,0375) và (COOCH3)2 (0,1125)
Z có phân tử khối lớn nhất —> Z là (HCOO)2C5H10 (Z có 12H)