Đun nóng 32,92 gam hỗn hợp X gồm ba peptit mạch hở có tỉ lệ mol 5 : 4 : 1 với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được hỗn hợp Y gồm ba muối của Gly, Ala, Val. Đốt cháy hoàn toàn Y, thu được Na2CO3 và hỗn hợp Z gồm CO2, H2O, N2. Dẫn toàn bộ Z vào nước vôi trong lấy dư, thu được dung dịch có khối lượng giảm 28,36 gam so với dung dịch ban đầu, đồng thời thoát ra khí có thể tích 5,376 lít (đktc). Phần trăm khối lượng muối của Ala trong hỗn hợp Y là
A. 14,9% B. 18,3% C. 4,6% D. 11,4%
Câu trả lời tốt nhất
Quy đổi hỗn hợp X thành:
C2H3ON: a mol
CH2: b mol
H2O: c mol
mX = 57a + 14b + 18c = 32,92
Y gồm C2H3ON (a mol); CH2 (b mol) và NaOH (a mol)
Đốt Y —> nNa2CO3 = 0,5a
Δm = 44(2a + b – 0,5a) + 18(1,5a + b + 0,5a) – 100(2a + b – 0,5a) = -28,36
nN2 = 0,5a = 0,24
—> a = 0,48; b = 0,14; c = 0,2
—> Số mol mỗi peptit là X1: 0,1 mol; X2: 0,08 mol và X3: 0,02 mol
nN = nGly + nAla + nVal = 0,48
nCH2 = nAla + 3nVal = 0,14
—> nVal < 0,14/3 = 0,047
nN – nCH2 = nGly – 2nVal = 0,34
—> nGly > 0,34
Số N = a/c = 2,4 —> X phải chứa dipeptit.
—> n dipeptit ≥ 0,12 (Dấu bằng xảy ra khi chất còn lại là tripeptit)
TH1: X1 và X3 là dipeptit, X2 là tripeptit
Do nGly > 0,34 nên X1 phải là (Gly)2, X2 chứa ít nhất 2Gly
Do nVal < 0,047 —> Val chỉ có thể nằm ở X3, nhưng X3 không thể là (Val)2 vì khi đó nVal = 0,04 —> nAla = 0,02: Vô lí, X2 không thể chứa được lượng Ala ít như này.
Vậy X3 có 1Val —> nVal = 0,02 —> nAla = 0,08 —> Ala chỉ có trong X2
—> X1 là (Gly)2; X2 là (Gly)2(Ala) và X3 là Gly-Val
Hỗn hợp muối gồm GlyNa (0,38), AlaNa (0,08) và ValNa (0,02)
—> %AlaNa = 18,3%
TH2: X1 và X2 là dipeptit, X3 có số N = k
—> nN = 2(0,1 + 0,08) + 0,02k = 0,48
—> k = 6
Do nGly > 0,34 nên X1 phải là (Gly)2, X2 phải chứa 1Gly và X3 phải chứa ít nhất 4Gly mới thỏa mãn.
Do nVal < 0,047 —> tương tự như trên —> X3 chứa 1Val —> nVal = 0,02 —> nAla = 0,08 —> Ala chỉ có trong X2
—> X1 là (Gly)2; X2 là Gly-Ala và X3 là (Gly)5Val
Hỗn hợp muối gồm GlyNa (0,38), AlaNa (0,08) và ValNa (0,02)
Kết quả giống TH1.