Hỗn hợp E gồm một amin X no, hai chức, mạch hở và hai hiđrocacbon mạch hở Y và Z (có tỉ lệ mol tương ứng là 3 : 1); MY < MX < MZ ≤ 92. Đốt cháy hoàn toàn m gam E cần dùng vừa đủ 0,59 mol O2. Mặt khác m gam E làm mất màu vừa hết 0,07 mol Br2. Cho 2m gam E tác dụng vừa đủ với 160 ml dung dịch HCl 2M. Biết rằng tổng số nguyên tử hiđro trong E không quá 25 và các chất có cùng số nguyên tử hiđro. Khối lượng của Z là
A. 1,04. B. 0,92. C. 1,68. D. 2,04.
Câu trả lời tốt nhất
m gam E phản ứng với 0,16 mol HCl —> nX = 0,08
Amin 2 chức có ít nhất 6H, mặt khác tổng H không quá 25 và các chất có cùng H nên số H = 6 hoặc 8.
TH1: Các chất đều 8H —> X là C2H8N2 (0,08)
nE = e —> nH2O = 4e —> nCO2 = 0,59 – 2e
2nX + nHiđrocacbon = (nH2O + nBr2) – nCO2
⇔ 0,08.2 + (e – 0,08) = 4e + 0,07 – (0,59 – 2e)
—> e = 0,12
—> Hiđrocacbon gồm CyH8 (0,03) và CzH8 (0,01)
nCO2 = 0,08.2 + 0,03y + 0,01z = 0,59 – 2e
—> 3y + z = 19
Do MY < MZ ≤ 92 nên y < z ≤ 7. Mặt khác x, y ≥ 3 nên y = 4, z = 7 là nghiệm duy nhất.
X là C2H8N2 (0,08); Y là C4H8 (0,03); Z là C7H8 (0,01)
—> mZ = 0,92
TH2: Các chất đều 6H —> X là CH6N2 (0,08)
(Làm tương tự)