//
X, Y là hai este mạch hở có công thức CnH2n-2O2; Z, T là hai peptit mạch hở đều được tạo bởi từ glyxin và alanin (Z và T hơn kém nhau một liên kết peptit). Đun nóng 27,89 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z, T cần dùng dung dịch chứa 0,37 mol NaOH, thu được 3 muối và hỗn hợp chứa 2 ancol có tỉ khối so với He 8,4375. Nếu đốt cháy hoàn toàn 27,89 gam E rồi lấy sản phẩm cháy gồm CO2, H2O, N2 dẫn qua bình đựng dung dịch Ca(OH)2 dư thu 115,0 gam kết tủa; khí thoát ra có thể tích 2,352 lít (đktc). Phần trăm khối lượng T (MZ < MT) có hỗn hợp E ?
A. 12,37% B. 12,68% C. 13,12% D. 10,68%
Câu trả lời tốt nhất
C2H3ON: 0,21 mol (Tính từ nN2 = 0,105)
CH2: a
H2O: b
CnH2n-2O2: 0,16 mol (Tính từ nNaOH – nN)
nCO2 = 0,42 + a + 0,16n = 1,15
mE = 0,21.57 + 14a + 18b + 0,16.(14n + 30) = 27,89
mE – 14nCO2 —> b = 0,05
—> Số N trung bình của Z, T = 0,21/b = 4,2
—> Z là tetrapeptit và T là pentapeptit.
—> nZ + nT = 0,05 & 4nZ + 5nT = 0,21
—> nZ = 0,04 và nT = 0,01
nAncol = nEste = 0,16. Bảo toàn khối lượng cho phản ứng với NaOH —> m muối = mE + mNaOH – mAncol – mH2O = 36,39 gam
Do M ancol = 33,75 nên có CH3OH. Do chỉ thu được 1 muối từ 2 este nên ancol còn lại cũng no, đơn chức, mạch hở. Ancol trung bình là CpH2p+2O (p = 1,125)
Trong muối chứa CxH2xNO2Na (0,21 mol) và CyH2y-3O2Na (0,16 mol)
Bảo toàn C —> 0,21x + 0,16y = 1,15 – 0,16p
—> 21x + 16y = 97
Vì 2 < x < 3 và y ≥ 3 nên x = 7/3 và y = 3 là nghiệm duy nhất.
Do x = 7/3 nên nGlyNa = 0,14 và nAlaNa = 0,07
Z là (Gly)u(Ala)4-u
T là (Gly)v(Ala)5-v
—> nGly = 0,04u + 0,01v = 0,14
—> 4u + v = 14
Với u < 4 và v < 5 —> u = 3 và v = 2 là nghiệm duy nhất
Vậy T là (Gly)2(Ala)3 —> %T = 12,37%
thay cho em hoi,neu quy doi hon hop muoi cua este, gly va ala thu duoc sau phan ung thanh c2h3on ch2 va coona co dung khong a…????????
Ad có làm file hướng dẫn cách làm chung nhất của dạng bài tập Este này ko ạ Ad ? E cám ơn ạ <3