Cho m gam hỗn hợp E chứa ba peptit mạch hở gồm X (x mol), Y (y mol) và Z (z mol); tổng số nguyên tử oxi trong ba peptit bằng 12. Đốt cháy hoàn toàn x mol X hoặc y mol Y hoặc z mol Z đều thu được CO2 có số mol nhiều hơn H2O là a mol. Cho m gam E tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được 55,74 gam hỗn hợp T gồm ba muối của glyxin, alalin và valin. Nếu cho m gam E tác dụng với dung dịch HCl loãng dư, thu được 63,57 gam muối. Phần trăm khối lượng của peptit có khối lượng phân tử lớn nhất trong hỗn hợp E là
A. 43,26%. B. 37,08%.
C. 49,4%. D. 32,58%.
Câu trả lời tốt nhất
nCO2 > nH2O nên X, Y, Z không phải dipeptit.
Tổng số O = 12 —> Tổng số N = 9 —> X, Y, Z đều là tripeptit.
Đặt nE = u —> nX = nY = nZ = u/3
Quy đổi E thành C2H3ON (3u), CH2 (v) và H2O (u)
m muối natri = 57.3u + 14v + 40.3u = 55,74
m muối clorua = 55,74 + 3u(36,5 – 22) = 63,57
—> u = 0,18 và v = 0,24
—> nX = nY = nZ = 0,06
nCH2 = nAla + 3nVal = 0,24
Do nAla và nVal là bội số của 0,06 —> nAla = nVal = 0,06 là nghiệm duy nhất.
—> X là (Gly)3; Y là (Gly)2(Ala) và Z là (Gly)2(Val)
—> %(Gly)2(Val) = 37,08%
Hiệu CO2 và H2O cùng bằng a suy ra X, Y,Z không thể là đipeptit. Mà k1+k2+k3=9 suy ra k1=k2=k3=3 và nX=nY=nZ.
Quy đổi hh E: C2H3ON 3x, CH2 y, H2O x.
=>97*3x+14y=55.74 và 111.5*3x+14y=63.57
=>x=0.18,y=0.24.
=>nX=nY=nZ=0.06.
Dễ thấy nCH2=0.24=(0.06*3)+(0.06*1)
Suy ra X: Gly3 0.06 mol, Y: Gly2Val 0.06 mol, Z:Gly2Ala 0.06 mol.
=>%mGly2Val=37.08%