Hỗn hợp E chứa 3 este (MX < MY < MZ) đều mạch hở, đơn chức và cùng được tạo thành từ một ancol. Đốt cháy 9,34 gam E cần dùng vừa đủ 0,375 mol O2. Mặt khác, thủy phân hoàn toàn lượng E trên trong NaOH (dư) thu được 10,46 gam hỗn hợp muối. Biết số mol mỗi chất đều lớn hơn 0,014 mol. Phần trăm khối lượng của Y có trong E gần nhất với:
A. 25,0% B. 20,0% C. 30,0% D. 24,0%
Câu trả lời tốt nhất
mE < m muối —> Gốc ancol < Na = 23 —> CH3OH
Vì nNaOH = nCH3OH, bảo toàn khối lượng cho phản ứng xà phòng hóa —> nE = 0,14
Trong phản ứng cháy, nCO2 = a và nH2O = b
—> 44a + 18b = mE + mO2
và nO = 2a + b = 2nE + 2nO2
—> a = 0,35 và b = 0,33
—> Số C = 2,5 —> X là HCOOCH3 (x mol)
—> x ≥ 0,07
Y và Z là (Có thể không đúng thứ tự):
CnH2n+2-2kO2 (y mol)
CmH2m+2-2hO2 (z mol)
nCO2 = 2x + ny + mz = 0,35
nH2O = 2x + (n + 1 – k)y + (m + 1 – h)z = 0,33
—> nCO2 – nH2O = y(k – 1) + z(h – 1) = 0,02
Do y > 0,014, z > 0,014 —> k = 1 và h = 2
—> z = 0,02
Gộp 2 este no, đơn chức thành CpH2pO2 (0,12 mol) và este còn lại là CmH2m-2O2 (0,02 mol)
—> nCO2 = 0,12p + 0,02m = 0,35
—> 12p + 2m = 35
Do p > 2 và m ≥ 4 nên có 2 nghiệm:
TH1: p = 2,25 và m = 4
X: HCOOCH3 (0,09)
Y: CH3COOCH3 (0,03) —> %Y = 23,77% (Chọn D)
Z: CH2=CH-COOCH3 (0,02)
Hoặc:
X: HCOOCH3 (0,105)
Y: CH2=CH-COOCH3 (0,02) —> %Y = 18,42%
Z: C2H5-COO-CH3 (0,015)
TH2: p = 25/12 và m = 5: Loại vì số mol chất không thỏa mãn.