Đốt cháy 16,92 gam hỗn hợp E gồm 3 este X, Y, Z đều mạch hở (Y, Z có cùng số cacbon) bằng lượng oxi vừa đủ thu được 11,88 gam nước. Mặt khác đun nóng 16,92 gam E cần dùng 240 ml dung dịch NaOH 1M, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được hỗn hợp muối và hỗn hợp gồm 2 ancol kế tiếp. Đun nóng hỗn hợp 2 ancol với H2SO4 đặc ở 1400C thu được 5,088 gam hỗn hợp 3 ete (hiệu suất ete hóa của mỗi ancol đều bằng 80%). Lấy hỗn hợp muối nung với vôi tôi xút thu được hỗn hợp khí có tỉ khối so với He bằng 2,25. Phần trăm khối lượng của X trong hỗn hợp E là.
A. 63,83% B. 49,94% C. 42,55% D.53,19%
Câu trả lời tốt nhất
n ancol = nNaOH = 0,24
—> n ancol pư = 0,24.80% = 0,192
—> n ete = nH2O = 0,096
—> m ancol pư = m ete + mH2O = 6,816
—> M ancol = 35,5
—> CH3OH (0,18) và C2H5OH (0,06)
Trong E:
nH2O = 0,66 —> nH = 1,32
nO = 2nNaOH = 0,48
—> nC = 0,66
Vậy đốt E thu được sản phẩm có nCO2 = nH2O —> E chứa các este no, đơn chức.
Số C = 0,66/0,24 = 2,75 —> X là HCOOCH3
TH1: Y và Z đều có dạng RCOOC2H5
nX = 0,18, nY + nZ = 0,06
nCO2 = 0,18.2 + 0,06n = 0,66 —> n = 5: Loại trường hợp này, vì khi đó Y, Z trùng nhau.
TH2: X là HCOOCH3 (a), Y là RCH2COOCH3 (b) và Z là RCOOC2H5 (0,06)
—> nCH3OH = a + b = 0,18
m khí = 2a + (R + 15)b + (R + 1).0,06 = 0,24.9
—> Rb + 13b + (R + 1).0,06 = 1,8
—> 0,06(R + 1) < 1,8
—> R < 29 —> R = 15
—> a = 0,15 và b = 0,03
Vậy các chất trong E:
X: HCOOCH3 (0,15)
Y: C2H5COOCH3 (0,03)
Z: CH3COOC2H5 (0,06)
—> %X = 53,19%
Anh ơi em làm ra là HCOOCH3=0,06
CH3COOCH3=0,12
HCOOC2H5=0,06
Em làm thử lại cũng thấy có lý mà không biết em sai chô xnaof. Anh giúp em với
Anh ơi, nếu là cả hỗn hợp là este đơn no thì ta đâu cần Th1 đâu. Vì thế nào tụi nó cũng sẽ trùng nhau nếu đã cùng số C mà còn cùng gốc ancol nữa. Em nghĩ chavws anh đang giải th tổng quát.
Anh ơi em không hiểu sao trường hợp 2 anh lại tìm được cách đặt công thức các chất như thế ạ ?