Oxi hoá 11,7 gam hỗn hợp E gồm 2 ancol bậc một X và Y (đều no, đơn chức, mạch hở, MX < MY) bằng oxi (xúc tác thích hợp, nung nóng) thì có 0,09 mol O2phản ứng, thu được hỗn hợp hơi T (không chứa CO2). Chia T thành hai phần bằng nhau:
− Phần (1) phản ứng với dung dịch NaHCO3 dư, thu được 0,672 lít khí CO2 (đktc).
− Phần (2) phản ứng với Na dư, thu được 2,016 lít khí H2 (đktc).
Biết Y chiếm 25% về số mol hỗn hợp ancol dư trong T và số mol Y bị oxi hoá lớn hơn số mol X bị oxi hoá. Khối lượng của Y trong 11,7 gam E ban đầu là:
A. 9,2 gam B. 6,9 gam. C. 8,0 gam. D. 7,5 gam.
Câu trả lời tốt nhất
RCH2OH + 0,5O2 —> RCHO + H2O
2a………………a………….2a……..2a
RCH2OH + O2 —> RCOOH + H2O
2b………….2b…………2b……….2b
—> nO2 = a + 2b = 0,09 (1)
Trong mỗi phần T chứa RCHO (a), RCOOH (b), H2O (a + b) và ancol dư (x)
Phần 1: nRCOOH = b = nCO2 = 0,03 (2)
(1)(2) —> a = 0,03
Phần 2: nH2 = b/2 + (a + b)/2 + x/2 = 0,09
—> x = 0,09
Vậy:
nRCH2OH ban đầu = 2a + 2b + 2x = 0,3
—> M = 11,7/0,3 = 39 —> X là CH3OH
nAncol phản ứng = 2a + 2b = 0,12 và n ancol dư = 2x = 0,18
Do Y chiếm 25% số mol ancol dư —> nY dư = 25%.2x = 0,045
nX dư = 75%.2x = 0,135
Do nY phản ứng > nX phản ứng —> nX phản ứng < 0,06 < nY phản ứng
—> nX ban đầu < 0,135 + 0,06 = 0,195
và nY ban đầu > 0,045 + 0,06 = 0,105
Xét biểu thức: 32.nX + MY.nY
Do MY > 32 nên khi nX tăng, nY giảm thì giá trị biểu thức sẽ giảm (Lưu ý lượng tăng, giảm bằng nhau do tổng không đổi)
Vậy: m = 0,195.32 + 0,105MY < 11,7
—> MY < 52
—> MY = 46: C2H5OH
Từ M = 39 —> nX = nY = 0,15
—> mY = 6,9 gam
admin có thể giải thích giúp em chỗ nào nX pu <0,06<nY pu với ạ huhu
bài nay khó nên e chạy đi tìm lời giải =))) ncl là em hay xem ở đây và thấy ad giải hay lắm ạ! E cx chưa làm đk bài này nhưng e thấy pt : RCH2OH + O2 => RCOOH + H2O cân bằng thế này mới đúng chứ ạ … bài này cx lâu r e góp y thế thôi ạ