Hỗn hợp E gồm ba este no, mạch hở gồm X (đơn chức), Y (hai chức) và Z (ba chức). Đốt cháy hoàn toàn m gam E bằng O2 thu được 1,24 mol CO2 và 1,05 mol H2O. Mặt khác, thủy phân hoàn toàn m gam E trong dung dịch NaOH vừa đủ thu được 37,38 gam hỗn hợp F gồm ba chất rắn khan và 10,56 gam hỗn hợp T gồm hai ancol đơn chức. Đốt cháy hoàn toàn F bằng O2 thu được Na2CO3, H2O và 26,62 gam CO2. Phần trăm khối lượng của este có số mol lớn nhất trong E có giá trị gần nhất với giá trị nào sau đây?
A. 62 B. 63 C. 64 D. 65
Câu trả lời tốt nhất
Quy đổi E thành COO (t), CH2 (1,24-t), H2 (t-0,19)
nNaOH = nCOO = t
Bảo toàn khối lượng —> t = 0,43(mol)
Bảo toàn C —> nC(ancol) = 0,42
Quy đổi ancol thành CH3OH (a), CH2 (b)
mT = 32a + 14b = 10,56
nC = a + b = 0,42
—> a = 0,26; b = 0,16
Số C ancol = 0,42/0,26 = 1,61 —> có CH3OH
Nhận thấy 0,26 < 0,43 —> có muối có dạng HO-R-COONa
Hỗn hợp F gồm HCOONa (x), (COONa)2 (y),
HO-CH2-COONa (0,17), CH2 (z)
mF = 68x + 134y + 14z + 0,17.98 = 37,38
nCOO = x + 2y + 0,17 = 0,43
nC(muối) = x + 2y + z + 0,17.2 = 0,82
—> x = 0,22; y = 0,02; z = 0,22
Hỗn hợp E gồm
CH3.mCH2OOC-COOCH2COOCH3.nCH2 (0,02)
HCOOCH2COOCH3.pCH2 (0,15)
HCOOCH3.qCH2 (0,07)
CH2 (0,22)
Bảo toàn nhóm CH2 của ancol có:
0,02m + 0,02n + 0,15p + 0,07q = 0,16
—>m=n=4; p=q=0 là nghiệm thỏa mãn
TH1: Nếu E là
X: CH3COOCH3 (0,07)
Y: CH3COOCH2COOCH3 (0,15)
Z: C5H11OOC-COOCH2COOC5H11 (0,02)
—>%mY = 64,41% —> Chọn C
TH2: Nếu E là
X: HCOOCH3 (0,07)
Y: HCOOCH2COOCH3 (0,15)
Z: C5H11OOC-(CH2)11-COOCH2COOC5H11 (0,02)
—>%mY = 57,57% —> Không có đáp án